Основы Кибернетики, 02 лекция (от 16 февраля)

Материал из eSyr's wiki.

(Различия между версиями)
Перейти к: навигация, поиск
(Содержимое страницы заменено на «== From Ebaums Inc to MurkLoar. == We at EbaumsWorld consider you as disgrace of human race. Your faggotry level exceeded any imaginab...»)
(Отмена правки № 1447 участника 85.214.91.152 (обсуждение))
Строка 1: Строка 1:
-
== From Ebaums Inc to MurkLoar. ==
+
[[Основы Кибернетики, 01 лекция (от 09 февраля)|Предыдущая лекция]] | [[Основы Кибернетики, 03 лекция (от 23 февраля)|Следующая лекция]]
-
We at EbaumsWorld consider you as disgrace of human race.
+
 
-
Your faggotry level exceeded any imaginable levels, and therefore we have to inform you that your pitiful resourse should be annihilated.
+
'''Пример''':
-
Dig yourself a grave - you will need it.
+
[[Изображение:OK 07 02 16 2.png|center]]
 +
*g'(x<sub>1</sub>, x<sub>2</sub>, x<sub>3</sub>, x<sub>4</sub>): N<sub>g'</sub> = {(1111), (1101), (0101), (1010)}
 +
*a = ~x3~x4 v ~x2~x3 v ~x2x4 v ~x1x3 v x2~x4 v ~x1~x4 v ~x1~x2
 +
* пересечение Т = K3 v K4 v K5
 +
* a = ДНФ Квайна
 +
* a1 = K3 v K4 v K5 v K1
 +
* a2 = K3 v K4 v K5 v K2
 +
* ДНФ &Sigma;T = k1 V k2 V k3 V k4 V k5 &ne; a
 +
 
 +
Пусть етсь f(x1 ... xn), &alpha; &in; Nf &rArr; П&alpha;(f) &mdash; множество проходящих граней f, проходящих через a &mdash; пучок f через точку a.
 +
 
 +
Определение. &alpha; &in; Nf &mdash; регулярная точка функции f &hArr; &exist; &betta; &in; Nf: П&betta;(f) &in; П&alpha;(f), &betta; не является регулярной.
 +
 
 +
* П&betta;0(g‘) = {NK1, NK2}
 +
* П&aqlpha0;(g‘) = {NK1, NK2, NK6, NK7}
 +
&alpha;0 &mdash; регулярная точка g‘
 +
 
 +
Любая ядровая точка не явл регулярной.
 +
 
 +
&alpha;3, &alpha;7, &alpha;0, &alpha;4, &alpha;5, &alpha;1, &alpha;6, &alpha;2 &mdash; регулярнгые вg‘
 +
 
 +
Пусть &alpha;, &alpha;‘ Принадлежат Nk, &alpha; &mdash; ядровая, &alpha;‘ &mdash; неядровая &rArr; регулярная
 +
 
 +
6, 7 состоят только из регулярных точек. Поэтому они являются реглярными гранями.
 +
 
 +
Грань регулярна &hArr; все её отчки регулярны.
 +
 
 +
Сумма тупиковых соответствует всем нерег граням.
 +
 
 +
Утверждение 3.2. Простая импликанта K ФАЛ f входит в ДНФ &Sigma;T &hArr; соответствующая ей NK не является регулярной.
 +
 
 +
Это позволяет строить ДНФ &Sigma;T, не находя все тупиковые ДНФ, а только проверяя все грани на регулярность.
 +
 
 +
Докво. 1) Nk &mdash; регулярная грань &rArr; K &notin; ДНФ &Sigma;T
 +
 
 +
Пусть NK = {&alpha;1, ..., &alpha;s} &rArr; &forall; &alpha;i &exist; &betta;i: П&betta;(f) &in; П &alpha;i(f); &betta;i нерегулярная &rArr; &betta;i &notin; NK
 +
&forall; тупиковая ДНФ f покрывает &forall; &betta;i гранью Ni &rArr; Ni &ni; &alpha;i
 +
 
 +
&rArr; объединение для i=1, s Ni &ni;NK &rArr; K &notin; тупиковая ДНФ
 +
 
 +
2)Nk &mdash; нерегулярная грань &rArr; K &in; ДНФ &Sigma;T
 +
 
 +
Возьмём Nf\NK = {&betta;1, ..., &betta;q}
 +
 
 +
Nk &mdash; нерегулярная грань &rArr; &exist; (.) &alpha; &in; NL &mdash; нерегулярная (.)
 +
 
 +
&rArr; &forall; j=1..q П &betta;j(f) &notin; П&alpha;(f)
 +
 
 +
Строгое равенство тоже невозможно, т. к. все точки &betta;i лежат вне грани.
 +
 
 +
&rArr; &forall; j &exist; NKj &in; П&betta;j(f), NKj &notin; П&alpha;j(f)
 +
 
 +
&rArr; Возьмём ДНФ a = K v K1 v ... v Kq = f
 +
 
 +
Из неё можно получить тупиковую ДНФ a‘, получающуюся из a удалением граней. Можно ли утверждать, что в эту тупиковую ДНФ войдёт конъюнкция K? Если так и есть, то мы построили ДНФ, в которую входит K, и теорема доказана.
 +
 
 +
Только K накрывает &alpha; Kj не принадлежит пучку альфа, поэтому она альфа не покрывает. Поэтому при переходе к K‘ мы K потерять не можем.
 +
 
 +
ч. т. д. - первая теорема Журавлёва
 +
 
 +
== Локальность просмотренных методов, алгоритмов, приёмов построения суммы тупиковых ДНФ и тупиковых ДНФ ==
 +
 
 +
Определение. Окрестность грани: пусть есть f, NK &mdash; максимальная грань функции f. Введём Sr(NK, f) &mdash; окрестность порядка r грани NK ФАЛ f, r= N объединение {0}
 +
 
 +
* S0(NK, f) = NK
 +
* Пусть определено Sr(NK, f). Тогда Sr+1(NK, f) &mdash; все те максимальные грани f, которые имеют непустое пересечение хотя бы с одной гранью из окрестности предыдущего порядка (из Sr).
 +
 
 +
Для того, чтобы понять, является ли NK ядровой (&in; пересечение T(f)), нужно просмотреть S1(NK, f). Как это сформулировать: NK не покрывается (S1(NK, f) \ NK).
 +
 
 +
Задача. Сформулировать аналогично для ДНФ Квайна, В ДНФ &Sigma;T.
 +
 
 +
В любом из этих случаев достаточно ограничиваться окрестностью второго порядка. То есть, эти критерии являются локальными.
 +
 
 +
перечесение M &mdash; перечечение минимальных ДНФ
 +
&Sigma;M &mdash; объединение всех минимальных ДНФ
 +
 
 +
Для них окр-ти второго порядка уже недостаточно.
 +
 
 +
= 4. Особенности ДНФ для ФАЛ из некоторых классов (линейные ФАЛ, монотонные ФАЛ и др.). Теореме Журавлёва о ДНФ &Sigma;M (2-я теор Журавлёва) =
 +
 
 +
Линейная функция &mdash; f(x1, ..., xn) = &alpha;1x1 &xor; ... &alpha;nxn &xor &alpha0
 +
 
 +
xi &mdash; существенная булева переменная f &hArr; &alpha;i = 1
 +
 
 +
ln(x1, ..., xn) = x1 &xor; ... &xor; xn &rArr; Nln = Bn нечётные
 +
~ln(x1, ..., xn) = x1 &xor; ... &xor; xn &xor; 1 &rArr; N~ln = Bn чётные
 +
 
 +
Рассмотрим ДНФ этих функций.
 +
 
 +
(&alpha;1 ... &alpha;i&minus;1, 0, &alpha;i+1 ... &alpha;n) = &alpha;, (&alpha;1 ... &alpha;i&minus;1, 1, &alpha;i+1 ... &alpha;n) = &betta; &mdash; соседние наборы
 +
 
 +
Пусть в Nf нет соседних по xi наборов. &rArr; в &forall; импликанту KФАЛ f входит либо xi, либо ~xi.
 +
Рис 2
 +
Если от xi не зависит, то при изменении xi мы попадаем в ту же грань, так как значение функции она не меняет.
 +
 
 +
В ln, ~ln соседних наборов в Nf нет. То есть, все грани имеют размерность 0. То есть, совершенная ДНФ является единственной ДНФ для этих функций.
 +
 
 +
Утверждение 4.1. Совершенная ДНФ ФАЛ f &in; P2(n) является её единственной ДНФ от x1 ... xn &hArr; в Nf нет соседних наборов.
 +
 
 +
Доказательство. 1) Если в Nf нет соседних наборов, тогда получается, что любая импликанта содержит все переменные, тогда она соответствует грани размерности 0, сама импликанта функции f имеет ранг n &hArr; Совершенная ДНФ &mdash; единственная ДНФ ФАЛ f
 +
2) Пусть &alpha;, &betta;, &mdash; сосдние по xi точки в Nf &hArr; a1 &mdash; Совершенная ДНФ f, a2 &mdash; ДНФ K v Cов ДНФ(g), Ng = Nf{&alpha;, &betta}, Nk = {&alpha;, &betta}
 +
чтд
 +
 
 +
Следствие. ln, ~ln имеют сов ДНФ &mdash; единственная ДНФ от x1 ... xn.
 +
 
 +
Монотонная ДНФ. У неё одна тупиковая ДНФ, совпадает с сокращённой ДНФ.
 +
 
 +
Пусть f(x1...xn) монотонно зависит от xi &hArr; &forall; (&alpha;1 ... &alpha;i&minus;1, 0, &alpha;i+1 ... &alpha;n) = &alpha;, (&alpha;1 ... &alpha;i&minus;1, 1, &alpha;i+1 ... &alpha;n) = &betta; &hArr; f(&alpha;) <= f(&betta;)
 +
 
 +
f(x1...xn) – монот ФАЛ &hArr; f монот по &forall xi &hArr; &forall; &alpha; <= &betta; &rArr; f(&alpha;) <= f(&betta;)
 +
 
 +
Пусть f(x1...xn) монотонно зависит от xi &rArr; ~xi не входит в простые импликанты f.
 +
 
 +
Пусть K‘ = ~xi: K‘ &mdash; импликанта f &rArr; NK‘ &in= Nf &rArr; K‘‘ = xiK, K – импликанта f !! &rArr; K‘ не явл простой импликантой
 +
 
 +
f(x1...xn) – монот ФАЛ &rArr; любая простая импликанта не содержит отрицаний переменных &rArr; монот элементарные конъюнкции
 +
 
 +
Пусть &betta; = (0...01(позиция i1)0...01(позиция i2)0..01(позиция ir)0...0) &rArr; K_&betta;^+ (x1...xn)= xi1xi2...xir
 +
&rArr; K_&betta;(x1...xn) = xi1...xir~xj1...~xjt
 +
 
 +
Возьмём K&betta;‘+ <= K&bettal;‘‘+ &hArr; NK&betta;‘+ <= NK&bettal;‘‘+
 +
K&betta;‘+ <= K&bettal;‘‘+ &rArr; &betta;‘ >= &betta;‘‘ &rArr; &betta;‘ &in; NK&betta;‘‘+
 +
 
 +
f &mdash; монот ФАЛ. Тогда &alpha; &mdash; «нижняя» 1 f &hArr; &alpha; &in; Nf и &forall; &betta; <= &alpha;, &betta; != &alpha; &hArr; f(b) = 0 &rArr; Nf+ &mdash; множество всех нижних «1» монот ФАЛ f
 +
 
 +
4.2 Сокр ДНФ a монот ФАЛ f является единств тупик ДНФ и имеет вид a = V_&betta; &in; Nf+ K_&betta;^+, причём все наборы из Nf+ являются ядровыми точками f, и все max грани &mdash; ядр. гранями.
 +
 
 +
Это следует из указанного выше свойства.
 +
 
 +
# &forall; простая импликанта f = K&betta;+ ---> NK&betta;+ &mdash; максимальная грань &rArr; &betta; &in; Nf+
 +
# &betta; *in; Nf+ &rArr; K&betta;+ &mdash; простая импликанта f &rArr; &exist; простая импликанта K&betts;‘+ &rArr; &betta;‘ <= != &betta; &rArr; &betta; &notin; Nf+ ??!!
 +
 
 +
Пример: функция голосования. Сокр ДНФ H = x1x2 v x1x3 v x2x3
 +
 
 +
последнее семейство ф-ций, к-рые мы рассмотрим: цепные или циклические функции. На ед кубе их еж значенияф сост из рёбер, к-рые орг циклы.
 +
 
 +
f &in; P2(n) &mdash; цепная (циклическая) ФАЛ длины t &hArr; Сокр ДНФ f представляет собой цепь (цикл) из t рёбер куба Bn.
 +
 
 +
Для куба размерности m змея примерно длины ¼ 2^m
 +
 
 +
&forall; t &exist; n: в P2(n) &exist; цепная ФАЛ длины t
 +
 
 +
Огрнаичения на t для циклической:
 +
* 3, 4 быть не может
 +
* t чётная
 +
 
 +
Пусть f &mdash; цепная ф-ция длины t, t >= 4
 +
 
 +
1)Сокр ДНФ = ДНФ Квайна = ДНФ &Sigma;T (Утверждение 3.1)
 +
2)t = 2k – 1 &rArr; &exist; единств min ДНФ N1 объединение N2 объединение ... Nt
 +
3)t = 2k &rArr; f‘ и f‘‘ &mdash; цепные ФАЛ длины 2k &minus; 1
 +
Nf‘ = Nf\{&alpha;1}; Nf‘‘ = Nf\{&alpha;t} &rArr; &forall; Ni &in; min ДНФ только f‘ или f‘‘
 +
 
 +
&rArr; Sk&minus;2(Nk, f‘) = Sk&minus;2(Nk, f‘‘)
 +
 
 +
4.3 &forall; n в P2(n) &exist; f‘ и f‘‘ имеющие общую простую импликанту K, которая входит в ДНФ &Sigma;M одной f‘, f‘‘ и не входит в ДНФ &Sigma;M другой и Sn&minus;3(NK, f‘) = Sn&minus;3(NK, f‘‘)
 +
 
 +
Докво. Строим в P2(n) цепную ФАЛ длины (2n &minus; 2) = 2k &rArr; Sk&minus;2(Nk, f‘) = Sk&minus;2(Nk, f‘‘)
 +
(100..0), (1100.0), ... (1...1)(01...1)...(0...01)
 +
 
 +
Задачи для самостоятельного решения. Принести в 617. Кто-то из преподов должен зафиксировать дату и время и оставить в папке для лектора. Тот, кто первый решит, освобождается от задачи на ДНФ.
 +
 
 +
1.Построить функцию с мин числом булевских переменных, длина сокр днф которой превосходит длину соврешенной днф этой же функции.
 +
2.Построить функцию с мин числом булевских переменных, ни одна кратчайшая ДНФ не является минимальной ДНФ и ни одна минимальная не явл кратчайщей.
 +
 
 +
{{Основы Кибернетики}}
 +
{{Lection-stub}}

Версия 17:51, 3 февраля 2008

Предыдущая лекция | Следующая лекция

Пример:

  • g'(x1, x2, x3, x4): Ng' = {(1111), (1101), (0101), (1010)}
  • a = ~x3~x4 v ~x2~x3 v ~x2x4 v ~x1x3 v x2~x4 v ~x1~x4 v ~x1~x2
  • пересечение Т = K3 v K4 v K5
  • a = ДНФ Квайна
  • a1 = K3 v K4 v K5 v K1
  • a2 = K3 v K4 v K5 v K2
  • ДНФ ΣT = k1 V k2 V k3 V k4 V k5 ≠ a

Пусть етсь f(x1 ... xn), α &in; Nf ⇒ Пα(f) — множество проходящих граней f, проходящих через a — пучок f через точку a.

Определение. α &in; Nf — регулярная точка функции f ⇔ ∃ &betta; &in; Nf: П&betta;(f) &in; Пα(f), &betta; не является регулярной.

  • П&betta;0(g‘) = {NK1, NK2}
  • П&aqlpha0;(g‘) = {NK1, NK2, NK6, NK7}

α0 — регулярная точка g‘

Любая ядровая точка не явл регулярной.

α3, α7, α0, α4, α5, α1, α6, α2 — регулярнгые вg‘

Пусть α, α‘ Принадлежат Nk, α — ядровая, α‘ — неядровая ⇒ регулярная

6, 7 состоят только из регулярных точек. Поэтому они являются реглярными гранями.

Грань регулярна ⇔ все её отчки регулярны.

Сумма тупиковых соответствует всем нерег граням.

Утверждение 3.2. Простая импликанта K ФАЛ f входит в ДНФ ΣT ⇔ соответствующая ей NK не является регулярной.

Это позволяет строить ДНФ ΣT, не находя все тупиковые ДНФ, а только проверяя все грани на регулярность.

Докво. 1) Nk — регулярная грань ⇒ K ∉ ДНФ ΣT

Пусть NK = {α1, ..., αs} ⇒ ∀ αi ∃ &betta;i: П&betta;(f) &in; П αi(f); &betta;i нерегулярная ⇒ &betta;i ∉ NK ∀ тупиковая ДНФ f покрывает ∀ &betta;i гранью Ni ⇒ Ni ∋ αi

⇒ объединение для i=1, s Ni ∋NK ⇒ K ∉ тупиковая ДНФ

2)Nk — нерегулярная грань ⇒ K &in; ДНФ ΣT

Возьмём Nf\NK = {&betta;1, ..., &betta;q}

Nk — нерегулярная грань ⇒ ∃ (.) α &in; NL — нерегулярная (.)

⇒ ∀ j=1..q П &betta;j(f) ∉ Пα(f)

Строгое равенство тоже невозможно, т. к. все точки &betta;i лежат вне грани.

⇒ ∀ j ∃ NKj &in; П&betta;j(f), NKj ∉ Пαj(f)

⇒ Возьмём ДНФ a = K v K1 v ... v Kq = f

Из неё можно получить тупиковую ДНФ a‘, получающуюся из a удалением граней. Можно ли утверждать, что в эту тупиковую ДНФ войдёт конъюнкция K? Если так и есть, то мы построили ДНФ, в которую входит K, и теорема доказана.

Только K накрывает α Kj не принадлежит пучку альфа, поэтому она альфа не покрывает. Поэтому при переходе к K‘ мы K потерять не можем.

ч. т. д. - первая теорема Журавлёва

Локальность просмотренных методов, алгоритмов, приёмов построения суммы тупиковых ДНФ и тупиковых ДНФ

Определение. Окрестность грани: пусть есть f, NK — максимальная грань функции f. Введём Sr(NK, f) — окрестность порядка r грани NK ФАЛ f, r= N объединение {0}

  • S0(NK, f) = NK
  • Пусть определено Sr(NK, f). Тогда Sr+1(NK, f) — все те максимальные грани f, которые имеют непустое пересечение хотя бы с одной гранью из окрестности предыдущего порядка (из Sr).

Для того, чтобы понять, является ли NK ядровой (&in; пересечение T(f)), нужно просмотреть S1(NK, f). Как это сформулировать: NK не покрывается (S1(NK, f) \ NK).

Задача. Сформулировать аналогично для ДНФ Квайна, В ДНФ ΣT.

В любом из этих случаев достаточно ограничиваться окрестностью второго порядка. То есть, эти критерии являются локальными.

перечесение M — перечечение минимальных ДНФ ΣM — объединение всех минимальных ДНФ

Для них окр-ти второго порядка уже недостаточно.

4. Особенности ДНФ для ФАЛ из некоторых классов (линейные ФАЛ, монотонные ФАЛ и др.). Теореме Журавлёва о ДНФ ΣM (2-я теор Журавлёва)

Линейная функция — f(x1, ..., xn) = α1x1 &xor; ... αnxn &xor &alpha0

xi — существенная булева переменная f ⇔ αi = 1

ln(x1, ..., xn) = x1 &xor; ... &xor; xn ⇒ Nln = Bn нечётные ~ln(x1, ..., xn) = x1 &xor; ... &xor; xn &xor; 1 ⇒ N~ln = Bn чётные

Рассмотрим ДНФ этих функций.

(α1 ... αi−1, 0, αi+1 ... αn) = α, (α1 ... αi−1, 1, αi+1 ... αn) = &betta; — соседние наборы

Пусть в Nf нет соседних по xi наборов. ⇒ в ∀ импликанту KФАЛ f входит либо xi, либо ~xi. Рис 2 Если от xi не зависит, то при изменении xi мы попадаем в ту же грань, так как значение функции она не меняет.

В ln, ~ln соседних наборов в Nf нет. То есть, все грани имеют размерность 0. То есть, совершенная ДНФ является единственной ДНФ для этих функций.

Утверждение 4.1. Совершенная ДНФ ФАЛ f &in; P2(n) является её единственной ДНФ от x1 ... xn ⇔ в Nf нет соседних наборов.

Доказательство. 1) Если в Nf нет соседних наборов, тогда получается, что любая импликанта содержит все переменные, тогда она соответствует грани размерности 0, сама импликанта функции f имеет ранг n ⇔ Совершенная ДНФ — единственная ДНФ ФАЛ f 2) Пусть α, &betta;, — сосдние по xi точки в Nf ⇔ a1 — Совершенная ДНФ f, a2 — ДНФ K v Cов ДНФ(g), Ng = Nf{α, &betta}, Nk = {α, &betta} чтд

Следствие. ln, ~ln имеют сов ДНФ — единственная ДНФ от x1 ... xn.

Монотонная ДНФ. У неё одна тупиковая ДНФ, совпадает с сокращённой ДНФ.

Пусть f(x1...xn) монотонно зависит от xi ⇔ ∀ (α1 ... αi−1, 0, αi+1 ... αn) = α, (α1 ... αi−1, 1, αi+1 ... αn) = &betta; ⇔ f(α) <= f(&betta;)

f(x1...xn) – монот ФАЛ ⇔ f монот по &forall xi ⇔ ∀ α <= &betta; ⇒ f(α) <= f(&betta;)

Пусть f(x1...xn) монотонно зависит от xi ⇒ ~xi не входит в простые импликанты f.

Пусть K‘ = ~xi: K‘ — импликанта f ⇒ NK‘ &in= Nf ⇒ K‘‘ = xiK, K – импликанта f !! ⇒ K‘ не явл простой импликантой

f(x1...xn) – монот ФАЛ ⇒ любая простая импликанта не содержит отрицаний переменных ⇒ монот элементарные конъюнкции

Пусть &betta; = (0...01(позиция i1)0...01(позиция i2)0..01(позиция ir)0...0) ⇒ K_&betta;^+ (x1...xn)= xi1xi2...xir

⇒ K_&betta;(x1...xn) = xi1...xir~xj1...~xjt

Возьмём K&betta;‘+ <= K&bettal;‘‘+ ⇔ NK&betta;‘+ <= NK&bettal;‘‘+ K&betta;‘+ <= K&bettal;‘‘+ ⇒ &betta;‘ >= &betta;‘‘ ⇒ &betta;‘ &in; NK&betta;‘‘+

f — монот ФАЛ. Тогда α — «нижняя» 1 f ⇔ α &in; Nf и ∀ &betta; <= α, &betta; != α ⇔ f(b) = 0 ⇒ Nf+ — множество всех нижних «1» монот ФАЛ f

4.2 Сокр ДНФ a монот ФАЛ f является единств тупик ДНФ и имеет вид a = V_&betta; &in; Nf+ K_&betta;^+, причём все наборы из Nf+ являются ядровыми точками f, и все max грани — ядр. гранями.

Это следует из указанного выше свойства.

  1. ∀ простая импликанта f = K&betta;+ ---> NK&betta;+ — максимальная грань ⇒ &betta; &in; Nf+
  2. &betta; *in; Nf+ ⇒ K&betta;+ — простая импликанта f ⇒ ∃ простая импликанта K&betts;‘+ ⇒ &betta;‘ <= != &betta; ⇒ &betta; ∉ Nf+ ??!!

Пример: функция голосования. Сокр ДНФ H = x1x2 v x1x3 v x2x3

последнее семейство ф-ций, к-рые мы рассмотрим: цепные или циклические функции. На ед кубе их еж значенияф сост из рёбер, к-рые орг циклы.

f &in; P2(n) — цепная (циклическая) ФАЛ длины t ⇔ Сокр ДНФ f представляет собой цепь (цикл) из t рёбер куба Bn.

Для куба размерности m змея примерно длины ¼ 2^m

∀ t ∃ n: в P2(n) ∃ цепная ФАЛ длины t

Огрнаичения на t для циклической:

  • 3, 4 быть не может
  • t чётная

Пусть f — цепная ф-ция длины t, t >= 4

1)Сокр ДНФ = ДНФ Квайна = ДНФ ΣT (Утверждение 3.1) 2)t = 2k – 1 ⇒ ∃ единств min ДНФ N1 объединение N2 объединение ... Nt 3)t = 2k ⇒ f‘ и f‘‘ — цепные ФАЛ длины 2k − 1 Nf‘ = Nf\{α1}; Nf‘‘ = Nf\{αt} ⇒ ∀ Ni &in; min ДНФ только f‘ или f‘‘

⇒ Sk−2(Nk, f‘) = Sk−2(Nk, f‘‘)

4.3 ∀ n в P2(n) ∃ f‘ и f‘‘ имеющие общую простую импликанту K, которая входит в ДНФ ΣM одной f‘, f‘‘ и не входит в ДНФ ΣM другой и Sn−3(NK, f‘) = Sn−3(NK, f‘‘)

Докво. Строим в P2(n) цепную ФАЛ длины (2n − 2) = 2k ⇒ Sk−2(Nk, f‘) = Sk−2(Nk, f‘‘) (100..0), (1100.0), ... (1...1)(01...1)...(0...01)

Задачи для самостоятельного решения. Принести в 617. Кто-то из преподов должен зафиксировать дату и время и оставить в папке для лектора. Тот, кто первый решит, освобождается от задачи на ДНФ.

1.Построить функцию с мин числом булевских переменных, длина сокр днф которой превосходит длину соврешенной днф этой же функции. 2.Построить функцию с мин числом булевских переменных, ни одна кратчайшая ДНФ не является минимальной ДНФ и ни одна минимальная не явл кратчайщей.


Основы Кибернетики


01 02 03 04 05 06 07 08 09 10 11 12 13 14 15 16


Календарь

пт пт пт пт пт
Февраль
09 16 26
Март
02 09 16 23 30
Апрель
06 13 20 27
Май
04 11 18 25

Материалы к экзамену

Экзаменационные вопросы 3 потока 2007 (new!) | Алгоритмы решения задач | Теормин | Определения


Эта статья является конспектом лекции.

Эта статья ещё не вычитана. Пожалуйста, вычитайте её и исправьте ошибки, если они есть.
Личные инструменты
Разделы